歐姆定律的應用范文第1篇
一、與電荷守恒定律結合應用
庫侖定律遵守二次方反比規律,其表達式只有在真空中、點電荷的情況下才能滿足.對于與外界無電荷交換的孤立系統,電荷只是在系統內的物體間發生轉移,且遵循電荷守恒定律.由于兩定律中均涉及電荷的帶電量,故帶電體的電荷量便成了兩定律聯系的“紐帶”,因而正確分析、確定帶電體在不同狀態下的帶電量,便成了處理兩定律綜合應用的關鍵.
例1有三個完全相同的金屬球A、B、C,A帶電量為7Q,B帶電量為-Q,C不帶電.將A、B固定,然后讓C反復與A、B接觸,最后移走C球試問A、B間的相互作用力變為原來的多少倍?.
解析:C球反復與A、B球接觸,最后三個球帶相同的電荷量,其帶電量為:
A、B間原來的相互作用力大小為:
A、B間最后的相互作用力大小為:
即,故A、B間的相互作用力變為原來的
點評:解答本題應注意:當兩個完全相同的帶電體相接觸,如果兩帶電體帶同種電荷,則電荷的總量平分;如果帶異種電荷,則電荷先中和再均分.
兩個異種點電荷接觸后再放回原處,它們之間的相互作用力與原來相比可能變大,也可能變小,也可能不變;兩個同種點電荷觸后再放回原處,它們之間的相互作用力與原來相比可能變大,也可能不變,不會變小.
例2真空中有兩個分別帶有正電荷和負電荷的金屬小球(小球直徑可忽略不計),當它們之間的距離R時,相互作用的靜電力為F.現讓它們相互接觸一下,然后再放回原處,仍保持間距R,則它們之間的相互作用力()
(A)一定為F (B)可能小于F
(C)一定為零(D)可能大于F
解析:根據庫侖定律,真空中兩個點電荷之間的作用力與電量的乘積成正比;根據電荷守恒定律,兩個相同帶異種電荷的金屬小球接觸后,它們所帶的電量應首先中和再均分.設原來帶電量為q1、q2,則接觸后的電量都是,由數學知識可知q1、q2的乘積與的大小不確定,所以正確答案為(B)、(D).
二、在平衡狀態下的應用
例3如圖1所示,豎直絕緣墻壁上的Q處有一固定點A,在Q的正上方的P處用絕緣細線懸掛另一質點B,A、B兩質點因帶電而相互排斥,致使懸線與豎直方向成θ角.由于漏電,A、B兩質點的帶電量減少,在電荷漏完之前懸線對懸點P的拉力()
(A)變小(B)變大
(C)不變(D)先變小后變大
解析:由題意可知A、B必帶同種電荷,在整個過程中B質點可看成一直處于平衡狀態.根據平衡條件,B質點所受的重力C、庫侖力F、細線拉力T三個力的矢量構成一封閉的三角形,如圖2所示.由幾何關系可得△BCD～△QPB,則可得,而PB、PQ、G為定值,即細線對P的拉力不變,故選(C)項.
點評:本題利用共點力平衡中的相似三角形法使問題得以順利求解,利用該方法的關鍵是找出相似三角形.
例4真空中兩個點電荷,電荷量分別為q1=8×10-9 C和q2=-18×10-9 C,兩者固定于相距20 cm的a、b兩點上,有一個點電荷放在a、b連線上(或延長線)的某點,恰好能靜止不動,則這點的位置是()
(A) a點左側40 cm處
(B) a點右側8 cm處
(C)b點右側20 cm處
(D)以上都不對
解析:a所帶的電荷量比b少,由分析可得引入的點電荷只有放在a的外側才可能處于平衡狀態.設它在a的外側與a的距離為r處處于平衡狀態.由平衡條件和庫侖定律可得:
解得:r=40 cm.
正解答案為(A).
例5在真空中有A、B、C三個點電荷,依次放在同一直線上,都處于平衡狀態,若三個點電荷的電荷量、電荷的正負及相互距離都未知,根據平衡能判斷出這三個點電荷的情況是()
(A)分別帶何種電荷
(B)哪幾個同號,哪幾個異號
(C)哪一個電荷量最小
(D)電荷量大小的排序
解析:(1)三個點電荷都為同種電荷時,根據力的平衡條件可知它們不可能同時處于平衡狀態.
(2)根據力的平衡條件可得要使三個點電荷都處于平衡狀態.必須保證三個點電荷在同一直線上,設q1、q2和q3依次分布在同一直線上(q2在中間)且都處于平衡狀態,當q2為正電荷時,q1和q3必須都為負電荷;當q2為負電荷時,q1和q3必須都為正電荷.即分布在兩邊的必為同種電荷,中間的為異種電荷.
圖3
(3)設三電荷處于平衡狀態位置如圖3所示.以q1為研究對象,由庫侖定律得:
根據力的平衡條件可得q3>q2;同理以q3為研究對象,可得q1>q2,所以處在中間位置的點電荷的電量是最小的.
再以q2為研究對象,由庫侖定律可得:
所以當r1>r2時,有q1>q3,表明處在中間的q2靠近另兩個電量較小的點電荷.
因三個點電荷都處于平衡狀態,所以有:
解得
由此可得:
另外還可以得到:
所以,三個點電荷同時處于平衡狀態時,三點一定在同一直線上,位于兩端的電荷是同種電荷,位于中間位置的電荷電量最小,而且靠近另兩個電量較小的點電荷,若按q1、q2和q3的順序排布則有:
由以上分析可得三個點電荷按A、B、C的順序排在同一直線上處于平衡狀態時,從位置上看兩端的A、C應是同種電荷,為同號.從電量上看處在A、C之間的B的電量是最小的.因相互距離不定,所以電量大小排序不能確定,但兩邊一定大于中間,正確答案為(B)、(C).
三、在勻加速直線運動中的應用
例6如圖4所示,質量均為m的三個帶電小球放置在光滑絕緣的水平面上,A、B相距L,B、C亦相距L (L比球的半徑r大得多),它們所帶的電荷量均不變.A帶正電,QA=6q;B帶負電,QB=-3q.若在小球C上加一個水平向右的拉力F,F的大小恒定,欲使相鄰兩球始終保持L的間距向右運動,則F應為多大?C球所帶電性如何?所帶電荷量是多少?
解析:依題意,相鄰兩球始終保持L的間距向右運動,則三個小球的加速度大小必相同,且方向都向右.設三個球的加速度均為a,C球所帶的電荷量為Qc.
以B球為研究對象,A帶正電,B帶負電,QA對QR的作用力FA對B向左,則QC對QB的作用力FC對B必向右,且FC對B>FA對B,才可使B球產生向右的加速度.顯然,C球必帶正電.
由牛頓第二定律有:
由庫侖定律有:
對A球,QB對QA的作用力FB對A向右,QC對QA的作用力FC對A向左,由牛頓第二定律有:
注意到:
可得:
解得:
對于三個帶電小球組成的系統,由牛頓第二定律有:
解得:
四、與向心力公式的結合應用
例7氫原子為一個電子繞一個質子做勻速圓周運動.已知質子帶電量為e,電子質量為m,帶電量為e,氫原子半徑為r.忽略質子和電子的萬有引力,求電子做勻速圓周運動的速度.
解析:電子和質子之間有相互作用的庫侖力,即電子做圓周運動的向心力由庫侖力提供.根據牛頓定律得:,解得:
五、與能量動量的結合應用
例8如圖5所示,兩個帶同號電荷的小球A和B的質量分別為m和2m,開始時將它們固定在絕緣的光滑水平面上保持靜止.它們僅受相互作用的庫侖力.現同時釋放A、B,經過一段時間后,B的速度大小為v,加速度為a,則此時()
(A) A球的速度大小為mv2,加速度為
(B) B球對A球做的功為mv2,A球的加速度為2a
(C) A球的動能為2mv2,A球的加速度為2a.
(D)A球的動量大小為mv,A球的加速度為2a
解析:把兩小球作為整體,合外力為零,所以動量守恒,B的速度大小為v時,A球的速度大小為2v,根據動能定理B球對A球做的功為2mv2;它們之間的相互作用力總是相等,所以B的加速度為a時,A球的加速度為2a.正確答案為(C).
點評:在庫侖定律的應用過程中,庫侖定律只是給我們提供了電荷之間相互作用力的一種具體計算方法.而解決問題的方法仍然和我們在處理動力學問題時一樣,分析物體的受力和運動過程,根據牛頓定律、動能定理、能量守恒定律、動量定理、動量守恒定律結合運動學公式求解.
練習:
1. 如圖6所示,三個點電荷q1、q2和q3,固定在一直線上,q2與q3的距離為q1與q2距離的2倍,每個電荷所受靜電力的合力均為零,由此可以判定,三個電荷的電量之比q1:q2:q3為()
(A)-9:4:-36 (B) 9:4:36
(C)-3:2:-6 (D) 3:2:6
2.(2001年全國高考試題)如圖7所示,q1、q2、q3分別表示在一條直線上的三個點電荷,已知q1與q2之間的距離為l1,q2與q3之間的距離為l2,且每個電荷都處于平衡狀態.
(1)如果q2為正電荷,則q1為______電荷,q3為______電荷.
(2) q1、q2和q3三者電荷量大小之比是______:______:______.
3. 真空中有兩個固定的帶正電的點電荷,其電量Q1>Q2,點電荷q置于Q1、Q2連線上某點時,正好處于平衡,則()
(A) q一定是正電荷
(B) q一定是負電荷
(C) q離Q2比離Q1遠
(D)q離Q2比離Q1近
4. 如圖8所示,完全相同的兩個金屬小球A和B帶等量異號電荷,中間連接著一根輕質絕緣彈簧,放在光滑絕緣水平面上,平衡時彈簧的壓縮量為x0.現將不帶電的、與A和B完全相同的金屬球C與A球接觸一下后拿走,重新平衡后彈簧的壓縮量為x,則()
5. 三個質量相等的帶電小球,置于光滑絕緣的水平桌面上的一個邊長為L的正三角形的三個頂點上,如圖9所示.已知a、b兩球皆帶正電且電荷量為q.現給c球一個恒定的拉力F,使三個球恰好在相對位置不變的情況下以相同的加速度一起做加速運動,問:
(1) c球應帶什么性質的電,電荷量為多少?
(2)恒力F應為多大?
6. 三個質量相等的帶電小球固定在光滑絕緣水平面上,若只釋放A，則加速度大小為a,向左;若只釋放B,則加速度大小為2a,向右;求若只釋放C時加速度的大小和方向.
7. 一根放在水平面內的絕緣性很好的光滑玻璃管,內部有兩個完全相同的彈性金屬小球A和B,A、B兩球所帶電荷量分別為9Q、-Q.兩球從如圖10所示位置由靜止釋放,問A球再次經過圖中位置時的瞬時加速度為釋放時的幾倍?
答案:
1.(A) 2.(1)負、負(2)3.(D) 4.(C)
5.c球應帶負電,
歐姆定律的應用范文第2篇
萬有引力定律的發現有著重要的物理意義: 它對物理學、 天文學的發展具有深遠的影響; 它把地面上物體運動的規律和天體運動的規律統一起來; 對科學文化發展起到了積極的推動作用, 解放了人們的思想, 給人們探索自然的奧秘建立了極大信心, 人們有能力理解天地間的各種事物。俄國科學家康斯坦丁·齊奧爾科夫斯基 ( 1857 ~ 1935) 是舉世聞名的科學家、科幻作家, 被譽為“航天之父”。1903年, 他推導出了著名的齊奧爾科夫斯基火箭公式, 多級火箭可以達到這樣大的速度。
1萬有引力定律的引出
當衛星的速度達到一定程度時, 就可以圍繞地球轉動。此時萬有引力提供向心力, 下面的推導代數式中m1代表地球的質量, m2代表衛星的質量:
1) 第一宇宙速度 ( 環繞速度) : 7. 9 km / s ( 在地面附近做勻速圓周運動所需要的最小的速度。近地軌道運行時大于7. 9 km / s, 小于11. 2 km / s。
2) 第二宇宙速度 ( 脫離速度) : 11. 2 km / s ( 衛星速度大于等于11. 2 km/s, 而又小于16. 7 km/s時, 圍繞太陽旋轉的速度。
3) 第三宇宙速度 ( 逃逸速度) : 16. 7 km / s ( 衛星速度大于等于16. 7 km/s時, 就會脫離太陽的吸引, 跑到太陽系以外的宇宙空間。
環繞天體的繞行速度, 角速度、周期與半徑的關系:
2舉例分析
2. 1例題分析1
關于第一宇宙速度, 下面說法中錯誤的是:
A.它是人造地球衛星繞地飛行的最小速度
B.它是人造地球衛星在近地圓形軌道上的運行速度
C.它是能使衛星進入近地圓形軌道的最小發射速度
D. 從人造衛星環繞地球運轉的速度可知, 把衛星發射到越遠的地方越容易
解析: 應選擇A、D.
2. 2例題分析2
將衛星發射至近地圓形軌道1 ( 如圖1所示) , 然后再次點火, 將衛星送入同步軌道3。軌道1、2相切于Q點, 2、3相切于P點, 則當衛星分別在1、2、3軌道上正常運行時, 以下說法正確的是。
A. 衛星在軌道3上的速率大于軌道1上的速率。
B.衛星在軌道3上的角速度大于在軌道1上的角速度。
C. 衛星在軌道1上經過Q點時的加速度大于它在軌道2上經過Q點時的加速度。
D. 衛星在軌道2上經過P點的加速度等于它在軌道3上經過P點時的加速度。
軌道3的半徑比1的大, 故A錯B對, “相切”隱含著切點彎曲程度相同, 即衛星在切點時兩軌道瞬時運行半徑相同, 又, 故C錯D對。
3結語
萬有引力定律的發現, 是17世紀自然科學最偉大的成果之一。它把地面上物體運動的規律和天體運動的規律統一起來, 對以后物理學和天文學的發展具有深遠的影響。它第一次解釋了 ( 自然界中四種相互作用之一) 一種基本相互作用的規律, 在人類認識自然的歷史上樹立了一座里程碑。
歐姆定律的應用范文第3篇
本文從“2015最勵志廣告”出發,利用大數定律知識,對其進行分析.廣告的內容是:“其實你有1000萬存款,只不過你忘記了取款密碼,每輸入一次需要兩元,一旦正確,錢就是你的.不著急,不放棄,心若在,夢就在.”這則宣傳語一出,就風靡了微信、微博等各大社交網站,被評為2015最勵志廣告.
一、大數定律
簡單地說,大數定理就是“當試驗次數足夠多時,事件發生的頻率無窮接近于該事件發生的概率”.大數法則反映了這世界的一個基本規律:在一個包含眾多個體的大群體中,由于偶然性而產生的個體差異,著眼在一個個的個體上看,是雜亂無章、毫無規律、難于預測的.但由于大數法則的作用,整個群體卻能呈現某種穩定的狀態[1,2].
二、大數定律對廣告的解讀
在廣告的宣傳語中,每輸入一次密碼,需要投入兩元,但是一旦成功,便可有1000萬的收入.這與買一張彩票,需要投入兩元,但是一旦中獎,便可獲得1000萬的獎金,二者的數學期望相同嗎?
先寫出在這一事件中隨機變量的概率分布.
在這一事件中隨機變量的概率分布.
不難看出,同樣是每次兩元錢的投入,由于總有pk'≤pk,因此E2(X)≤E1(X),且隨著“購買”事件的重復進行,兩事件的期望差|E1(X)-E2(X)|逐漸增大.
以大數定律的角度來看,每次購買的結果都是隨機的,長期下去是一個相對穩定的收益值.但日常中人們常常將大數定律的原則拋之腦后,將小樣本中某個事件的概率分布看作是總體分布,在不確定的情形下,會抓住問題的某個特征直接推斷結果,而不考慮這種特征出現的真實概率及與特征有關的其他原因.如案例中,如果購買彩票“前n次都沒有中獎”,會造成“下一次購買中獎的概率會增大”的心理誤區,這也正是造成彩民信心大增的原因.
三、大數定律在生活中的常見應用
英國邏輯學家和經濟學家杰文斯說:“概率論是生活真正的領路人,如果沒有對概率的某種估計,我們就寸步難行,無所作為.”大數定律不光在廣告中有所體現,在生活中也很常見.大數定律在生活中最常見的體現形式還有樓盤銷售、保險金額設定、人口比例等.
如作為一名樓盤銷售員,接待的人數越多,預期能夠帶來的成交機會的比例就越穩定.比如,一個銷售員每天接待3個客戶或潛在客戶,并把關系維持好,那么一年內,他就有接近1100個“樣本”,由此帶來的成交量可使其獲得相對穩定的收益.
保險公司通常會設定一個投保最高限額,使得投保人如果在其風險控制范圍內投保,即便出現“意外頻發”的狀況,也不至于保險公司破產.
在每個家庭中,生男孩和生女孩是未知的,但在中國人口普查中,男嬰與女嬰的出生比例總是接近22∶21,這與生物學體現的原理是一致的,也是大數定律的應用.
結束語
大數定律作為概率論課程的重要內容,是概率論中最重要的基本理論之一,課堂教學中,在有限的課時內使學生掌握必要的理論知識,啟發學生對生活中的可以用大數定律解釋的現象進行思考,是值得長期努力和不斷實踐的過程.
摘要：大數定律是概率論中最重要的基本理論之一,在概率論及數理統計的研究和應用中都具有重要地位.分析廣告中體現出的大數定律現象,對一些熱門廣告以統計角度加以分析,鼓勵學生用已有的概率論知識洞察一些廣告原理,從而對概率論學習起到促進作用.
關鍵詞：大數定律,概率論,統計分析
參考文獻
[1]李蕊.淺談幾個著名的大數定律及應用[J].科學咨詢(科技·管理),2010(12):64-65.
歐姆定律的應用范文第4篇
一、注意公式的“系統性”
動量定恒定律成立的條件是系統不受外力或所受外力之和為零，因此，應用動量守恒定律解決問題時，要注意分析系統受到哪些外力，是否滿足動量守恒的條件。
系統的動量守恒時，系統內某一物體的動量可以不守恒，系統內所有物體動量的絕對值之和也可以不守恒，所說“動量守恒”是指系統內所有物體動量的矢量和是守恒的。
二、注意公式的“矢量性”
動量p=mυ，其中質量m是標量，速度υ是矢量，故動量p是矢量。所以m1υ1+m2υ2=m1υ1′+m2υ2′是一個矢量式，式中p1=m1υ1+m2υ2是作用前系統動量的矢量和，p2=m1υ1′+m2υ2′是作用后系統動量的矢量和。因此應用動量守恒定律列方程時，要求用矢量求和的方法分別求出p1和p2。
在一維情形下，必須規定一個方向為速度υ的正方向后，然后將式中的υ1、υ2、υ1′、υ2′的實際方向與規定的正方向比較，得出動量的“正”或“負”后，再用代數方法求p1和p2，所以動量的“正”或“負”就是動量的矢量性。特別注意：動量的矢量性是正確運用動量守恒定律的一個重要關健。
[例1]質量為m2=1kg的滑塊靜止于光滑的水平而上，一質量為m1=50g的小球，以100m/s的速度碰到滑塊后又以80m/s的速率被彈回。求滑塊獲得的速度是多少?
解：以小球和滑塊為系統，總動量守恒。以小球碰撞前的速度為正，則υ1=100m/s小球碰撞后的速度應為υ1′=-80m/s，由動量守恒定律以m1υ1+m2υ2=m1υ1′+m2υ2′代入數據可求得滑塊獲得的速度υ2′=9m/s，υ2′為正，說明滑塊的速度方向與小球原來的運動方向相同。
三、注意公式的“同一性”
動量p=mυ，其中速度υ的大小相對不同的參照系，它的數值是不同的，于是動量的數值也就不同。因此應用動量守恒定律m1υ1+m2υ2=m1υ1′+m2υ2′時，式中的四個速度υ1、υ2、υ1′和υ2′的大小一定要相對同一參照系。也就是說要注意公式的“同一性”，至于以什么為參照系，則沒有嚴格的規定，須視具體情況而定(一般是對地)。
[例2]一門舊式大炮，炮身的質量M=1000kg，水平發射一枚質量m=2.5kg的炮彈，如果炮彈從炮筒飛出的速度υ=600m/s，求炮身后退的速度υ′。
學生解法如下：由動量守恒定律，有
這里的υ′是炮身相對于地面的速度，υ是炮彈從炮筒飛出的速度，應當理解為相對于炮筒的速度，因為炮筒和炮座連在一起，因此也就是相對于炮身的速度，而不是相對于地面的速度。由于炮彈速度和炮身速度的參照物不統一，因此，以上解法是錯誤的。
運用動量守恒定律解題時，如果系統中各物體速度的參照物不是同一個慣性系，就要根據運動的合成原理進行變換。炮彈相對于地面的速度，應當是它相對于炮身的速度υ和炮身相對于地面的速度的矢量和，即υ+υ′。因此，這題的正確解法是
盡管兩種解法所得的結果近似相同，并不表明前種解法也正確，完全是由于M>m的緣故。
四、注意公式的“同時性”
動量是狀態量，動量守恒定律是指系統任意時刻總動量保持不變，因此系統內物體相互作用前的總動量m1υ1+m2υ2中的υ1和υ2必須是相互作用前同一時刻的瞬時速度;相互作用后的總動量m1υ1′+m2υ2′中的υ1′、υ2′必須是相互作用后同一時刻的瞬時速度。
[例3]在水平光滑軌道上以速度υ1=5m/s行駛的平板車，車與貨物的總質量M=2000kg，把質量m=20kg的貨物以相對于車為υ=5m/s的水平速度向車前拋出，求平板車的末速度υ2。
解：根據動量守恒定律Mυ1=(M-m)υ2+m(υ+υ1)
這個解把貨對車的速度υ與拋貨前的車速υ1(而不是拋貨后的車速υ2)的矢量和看成是貨對地的速度，是錯誤的。
貨是從車里拋出的。在投拋貨之前，貨、車對地的速度都是υ1，貨對車的速度為零，拋擲貨物，人有個動作過程，在這個短暫過程中，貨與車通過人體存在大小相等、方向相反的力的作用，因而貨與車獲得方向相反的加速度，使貨相對于車的速度由零逐漸增大到υ，而車對地的速度也由υ1不斷變化為υ2，這就是說υ與車的后速υ2是同一時刻的，而與車的前速υ1是不同時刻的(υ和υ2都是拋貨動作完成時的速度)。
速度和動量都是狀態量，不是過程量。一個物體在不同時刻的速度或動量一般是不同的，同一物體在同一時刻的各個分速度或分動量也可以迭加，不同時刻的速度或動量是不能合成的(只能求所歷時間內的增量)，可見，方程“Mυ1=(M-m)υ2+m(υ+υ1)”中的“υ+υ1”不能正確描述貨物的速度，“υ+υ2”才是貨物對地的速度。因此，這道題的正確解法是：
五、注意公式適用條件的“拓展性”
1. 近似性。
若系統所受合外力不為零，但內力遠大于外力時，則系統的動量近似守恒。譬如碰撞或爆炸過程，由于碰撞或爆炸均是在極短的時間內相互作用的物體的運動狀態發生了顯著的變化，相互作用力先急劇增大后急劇減小，平均作用很大，外力通常遠小于系統的內力，可以忽略不計，所以，認為磁撞或爆炸過程中動量是守恒的。新教材選修3—5第十一頁的例題就是一例。
2. 獨立性。
歐姆定律的應用范文第5篇
校本課程開發是一項綜合性的、系統性的艱巨工作, 包括校本課程內容、校本課程評價、師資配備、教學時間和教學場地落實等八個環節。這八個環節就像八塊“木板”一樣組成了校本課程這只木桶。這只木桶的盛水量, 并不取決于桶壁最長的那塊木板, 而恰恰取決于桶壁上最短的那塊木板。因此, 在校本課程開發過程中, 我們盡力彌補短的木板, 狠下工夫去找短、補短和除短, 以處理好各塊木板的和諧發展。
二、校本課程開發的基本程序
校本課程開發是學校根據本校的教育哲學, 通過內部與外部力量的合作, 采用選擇、改編、新編教學材料或設計學習活動的方式, 并在校內實施和建立內部評價機制的各種專業活動。其程序基本包括以下幾個方面: (1) 建立領導機構; (2) 進行前期論證, 確定校本課程開發依據, 撰寫《校本課程開發指南》; (3) 開展師資培訓, 教師編寫《課程綱要》; (4) 教師申報課程, 領導機構審定; (5) 報上級教育行政部門審核; (6) 教師開題, 學生選擇; (7) 校本課程的實施與管理: (8) 課程評價與反思。包括對課程開發者評價和對學生的評價八個環節。“木桶定律”是由美國管理學家彼得提出的, 其核心內容為:一只木桶的盛水量, 并不取決于桶壁上最高的那塊木板, 而恰恰取決于桶壁上最短的那塊木板。“木桶定律”還有兩個推論:其一, 只有桶壁上的所有木板都齊平, 木桶才能盛滿水;其二, 只要這個木桶里有一塊木板不夠高度, 木桶里的水就不可能是滿的。
三、“木桶原理”在校本課程開發中應用的技術原則
早期, 我校開發了英語閱讀校本教材, 因故夭折。借鑒他人經驗, 我們運用“木桶原理”成功地開發出了《美麗的嘉峪關傳說》校本課程, 總結出“木桶原理”在校本課程開發中應用的五個技術性原則。
第一, 要注意細節。任何整體都是由無數個細節構成的, 細節的完美是整體出眾的前提。關注細節, 其意義大于對短板的關注, 因為短板的顯現較為明顯, 而細節的危害則更加隱蔽, 對校本課程的開發危害也更大。校本課程是英語的研究性學習資源, 教學方法不像課堂教學那樣有較為固定的模式和程序, 它更具有靈活多變性。面對英語研究性學習, 教師無優勢可言, 同學生一樣, 要學習的知識面太廣闊, 從研究性學習的流程、內容和一般的科研方法到課題所涉及的其他專業知識都需要教師認真學習, 否則難以適應研究性學習的指導需要。
第二, 不能忽視桶縫。僅僅拉長一只木桶的短木板還不夠, 因為一個由平齊的木板箍緊的木桶, 如果有漏縫, 即使木板再齊、再長也不可能裝很多的水。只有找到木板與木板之間的最佳契合點, 精誠合作、緊密團結, 才能創造佳績。綱要制定、教材開發出以后, 科研處已就大功告成了, 課程的組織與管理就落在了教務處和校長室的身上, 如何找到最佳契合點就成了關鍵。校本課程的開發是本次課改的亮點, 也是難點, 相信“木桶定律”的引入, 能幫助我們更好地認識校本課程的開發, 促進校本課程的開發。
第三, 建立一個民主開放的組織機構。一個民主開放的學校組織機構是有效進行校本課程開發的必要條件。因為校本課程開發是學校自身教育哲學的產物, 是民主開放的過程, 是全校人員能力合作的結果, 這就要求學校的組織管理機構呈民主開放狀態, 才可能保證交流渠道的廣泛和暢通。此外, 在校本課程開發的背景下, 教師們真正接受領導的依據是基于專業能力的認同。由于校本課程開發賦予教師和學生一定的專業自主權和課程選擇權, 這就要求對權力進行再分配, 否則就難以優質高效地進行校本課程開發。當然, 民主開放的學校組織機構的建設需要全校人員的協同努力, 其中, 校長是健全的學校組織機構建設的主要責任人。
第四, 建立良好的校內溝通網絡。校本課程開發實質上是一個以學校為基礎的開放的民主的決策過程, 就是說需要校長、教師、課程專家、學生、家長、社區人士廣泛參與課程計劃的制訂、實施和評價, 因此各種人員之間的溝通就顯得非常重要。具體地說, 校長必須考慮給教師與課程專家溝通的機會;給參與課程開發的各團體或小組之間的交流提供時間和空間;要非常審慎地考慮和計劃溝通與內容 (例如可以采用中心布告欄的形式或簡報的形式不斷通報學校內有關校本課程開發的進展情況) , 讓參與者有效地獲取相關信息;溝通的優先權必須審慎地設置, 分享信息的各種方法也應仔細考慮 (如可以設一個校長開放日, 讓涉及校本課程開發的所有人員都有機會與校長直接溝通) , 等等?？傊? 要形成一個縱橫交錯的立體溝通網絡, 讓參與人員能及時地獲得相關信息。
第五, 建立良好的課程決策結構。校本課程開發是一個合作的、民主的、開放的過程, 強調校長、教師、學生、家長、社區成員的廣泛參與, 就是說這些人都有參與校本課程決策的權力。校長應該設法讓這些人明白自己在校本課程開始方面擁有哪些權力, 并認真履行自己的權力。在校本課程開發中, 課程綱要是校本課程開發的靈魂, 校本課程教材是進行校本課程的載體, 師資隊伍是校本課程得以實施的關鍵, 課程的組織管理是校本課程由研發轉向生產力的保證, 課程的評價是校本課程的催化劑, 將促進校本課程的發展, 而后勤是校本課程勝利實施的保障措施, 因此在校本課程開發中, 我們要做好協調工作, 做長補齊每一個“木板”。
四、確定“短板”的幾個因素
要想提高木桶的整體容量, 不必加長最長的那塊木板, 而是要下工夫去找短、補短和除短。那么, 在校本課程開發中, 短板的確定要考慮以下幾個因素。
一是學生個性成長。校本課程開發應堅持以人為本, 給學生留下一定的空間。課程是為學生而存在的, 應該是課程去適應學生, 而不是要學生適應課程。學生的發展是校本課程開發的終極追求。二是教師專業發展。校本課程的開發應促進教師知識結構的完善。通過校本課程的開發, 教師的教學與科研能力得到提高。三是學校特色形成。校本課程開發應從學校特色角度考慮課程目標, 如此形成的標志性課程才是學校特色之所在。學校特色形成是校本課程開發的必然結果。
五、結語
校本課程的開發是本次課改的亮點, 也是難點, 相信“木桶定律”的引入, 能幫助我們更好地認識校本課程的開發并促進校本課程的開發與利用。從本質上說校本課程開發是為了滿足各校的特殊需要, 形成學校特色的一種課程開發策略。校本課程開發不是教師個人的一種無目的 (或僅出于個人目的) 的行動, 而是一個學校的教育哲學的整體追求, 是一種集團行為, 這就要求我們共同努力彌補短的木板。
摘要：校本課程開發是新一輪基礎教育改革推進過程中的一個亮點, 是在實施國家課程和地方課程的前提下, 通過對本校學生的需求進行科學評估, 充分利用當地和學校的課程資源進行開發的可供學生選擇的課程。我們運用“木桶原理”成功地開發了《美麗的嘉峪關傳說》校本課程, 總結了“木桶原理”在校本課程開發中應用的五個技術性原則。
歐姆定律的應用范文第6篇
熱力學第二定律是一項非常重要的物理學定理, 關于熱力學第二定律, 有兩種不同的表述, 熱力學第二定律的應用范圍非常廣泛, 下面就針對這一問題進行簡要的分析。
1熱力學第二定律的概念
1. 1熱力學第二定律的意義
熱力學第二定律不僅是繼熱力學第一定律后產生的一個基本定律, 為我們形象地描述出參雜大量分析熱量的活動, 揭示了在一定時間與空間中涉及的物理過程和化學過程, 熱力學第二定律的提出從根本上否定了永動機的理論。熱力學第二定律在人們的生活中也有著廣泛的應用, 但是這種推算步驟是十分繁瑣的, 其推導不僅涉及物質微觀結構, 也涉及著其他的問題, 這一定律經大量科研人員經過論證得出。
1. 2熱力學第二定律的含義
在自然界之中, 不可逆過程往往都具有密切的聯系, 因此, 熱力學第二定律的表述技術可以為不可逆過程, 而熱力學第二定律也有著幾種不同的表達方式, 無論是采用何種表達方式, 無論是選擇何種必答方式, 其本質都是一致的。同時, 熱力學第二定律也是一種態函數, 可以采用熵進行表述。一般情況下, 無關聯且孤立的熱量變化可逆反應, 其熵基本上不會發生變化, 但是在不可逆反應之中, 卻會不斷的發生變化, 熱量系統內部出現了不斷的變化, 這種變化沒有秩序可循。
2熱力學第二定律的發展歷史
對于熱力學第二定律的研究已經經歷了多年歷史, 經過了廣大學者的論證和研究, 關于這一問題的提出, 最早為19世紀初期, 但是, 在提出的初期, 人們對于熱力學第二定律的理解還不到位, 研究也并不深入, 在這一背景下, 關于熱力學第二定律的研究開始得到了深入的發展。之后到了1824年, 卡諾這個法國高級陸軍工程師在發表的名為“論火的動力”的論文中提出了可以提高熱機效率的“卡諾定理”。然而由于當時的卡諾是利用現在看來是錯誤的理論依據“熱質說”來進行研究。直到邁爾、焦耳、亥姆霍茲等人在1840 ~ 1847年間對熱力學機理進行研究, 并在此基礎上扎實建立熱力學第一定律甚至其他一些更普遍的能量守恒定律。在1850年, 克勞修斯將“熱動說” 作為研究基礎來審核卡諾定理, 經過多次改進和修改, 出現在了我們現行的教材之中。在當時的同時期之中, 開爾文從另外一個角度重新描述了熱力學第二定律, 這兩種表述之間互相不受干擾, 是平等的。
3熱力學第二定律的應用
熱力學第二定律就是解決熱傳遞過程中轉化問題的理論, 其應用范圍非常廣泛, 根據熱力學第二定律的定義, 其應用主要針對以下幾個方面。
1) 熱力學第二定律屬于研究物理學熱量問題的一種宏觀規律, 因此, 熱力學第二定律不適宜應用在由少數分組構建而成的微觀系統體系。
2) 根據以上的內容, 熱力學第二定律主要對于“孤立”與 “絕熱”兩個系統體系在具有生命結構的物體上不適宜使用, 因此, 開爾文在1951年再次描述這一定律時, 就明確提出一個問題, 即熱力學第二定律對于無生命氣象的物質是適用, 但是并不適合應用在有生命特征的動物體中。
3) 熱力學第二定律的應用價值非常廣泛, 在19世紀的前半個階段, 主要應用在時間物質能量變化以及建筑工程限定性空間問題的使用上, 到了20世紀, 很多科學家開始將這一定律應用在時間與空間范圍內。
4) 根據熱力學第二定律熱傳導原理, 這一定律也在造船焊接技術、電力傳輸技術、橋梁施工建設技術中表現出了良好的應用潛力。
5) 對時間的理解: 我們知道, 熱力學第二定律是自然界所有單向變化過程的共同規律, 而時間的變化就是一個單向的不可逆過程, 因此可以說, 時間的方向, 就是熵增加的方向。這樣, 熱力學第二定律就給出了時間箭頭。進一步研究表明, 能量守恒與時間的均勻性有關, 即熱力學第一定律告訴我們, 時間是均勻流逝的。這兩條定律合在一起就是, 時間在向著特定的方向均勻地流逝著。
6) 黑洞熱輻射的發現: 1972年, 英國物理學家霍金提出了黑洞的“面積定理”。證明了黑洞的面積隨時間的變化只能增加, 不能減少, 即d A≥0 ( 式中A為黑洞面積) 。這不由使人們想起了熱力學中的“熵”, 但黑洞面積與熵是兩個不同的物理量, 把它們聯系起來是不是太荒唐了呢? 幾乎與此同時, 物理學家貝根斯坦和斯馬爾, 各自獨立地得出了關于黑洞的一個重要公式, 這正是基于熱力學第二定律的研究產生。
4結語
本研究分析了熱力學第二定律的含義和應用, 結果顯示, 熱力學第二定律在很多領域都有著廣泛的應用前景, 值得進行進一步的研究。
參考文獻
[1]李愛琴, 劉洋, 王麗, 等.熵方程在熱力學第二定律教學中的應用[J].北京城市學院學報, 2010 (1) .